Некомерцеское акционерное общество
АЛМАТИНСКИЙ УНИВЕРСИТЕТ ЭНЕРГЕТИКИ И СВЯЗИ
Кафедра высшей математики
Математика 1,2
Методические указания к решению задач
повышенной трудности на практических занятиях
Алматы 2011
СОСТАВИТЕЛИ: К.М. Мұстахишев, Б.Ж. Атабай. Математика 1,2 Методические указания к решению задач повышенной трудности на практических занятиях. – Алматы: АЭжБУ, 2011, 21 с.
С методическими указаниями решены 30-ые варианты восьми заданий к СРСП (контрольных работ-коллоквиумов) из учебного пособия А.П. Рябушко и др. Сборник индивидуальных заданий по высшей математике. –Минск: Вышэйшая школа, 2000, чч 1,2,3.
Рецензент: канд.физ.-мат. наук, доцент Т.К. Каирбеков
Печатается по плану издания НАО “Алматинского университета энергетики и связи” на 2011 г.
©НАО “Алматинский университет энергетики и связи”, 2011 г.
Учебное пособие А.П. Рябушко и др. Индвидуальные задания по высшей математике. –Минск: Вышэйшая школа, 2000, чч 1,2,3. несомненно закрепилось в списке основной литературы для инженерно-технических специальностей вузов. В нем в качестве приложений приведены задания для восьми коллоквиумов-контрольных работ по разделам: «Векторная алгебра», «Аналитическая геометрия», «Пределы», «Производные и их приложения», «Неопределенные интегралы», «Определенный интеграл и его приложения», «Дифференциальные уравнения», «Кратные и криволинейные интегралы». Они могут быть использованы и как задания для СРСП по соответствующим темам курса “Математика 1,2”.
Для заданий, приведенных в основной части учебного пособия, решены так называемые типовые варианты. Аналогичная методическая помощь студентам не будет лишней и по упомянутым выше заданиям.
В предлегаемом руководстве с методическими указаниями решены 30-ые варианты всех восьми заданий. Приведены необходимые формулы. Некоторые задачи решены двумя способами.
1 Векторная алгебра
1.30 Дан тетраэдр (см. рисунок 1). Положив и , выразить через и векторы и (точки и - середины ребер и , а - середина ).
Решение. По свойству средней линии треугольника , а по условию . Тогда .
Рисунок 1
2.30 Найти , если .
Решение. Так как скалярное произведение
,
то
.
Поэтому
.
3.30 Найти координаты вектора , перпендикулярного векторам и и образующего с осью тупой угол, если .
Решение. Условия перпендикулярности векторов и , и и формула скалярного квадрата для вектора приводит к системе уравнений
(1)
Решим отдельно первые два линейные уравнения системы:
Из второго уравнения получим:
По условию , следовательно, и .
Из третьего уравнения системы (1) найдем:
.
Требуемый вектор
.
4.30 Выяснить, для каких векторов и выполняется условие
.
Решение. Левая часть заданного равенства представляет собой скалярный квадрат разности двух векторов:
.
Требуемое условие выполняется лишь когда , т.е. когда заданные векторы взаимно перпендикулярны: .
5.30 Вычислить высоту параллелепипеда, построенного на векторах и , если за основание взят параллелограмм, построенный на векторах и .
Решение. Используем геометрический смысл смешанного и векторного произведений соответственно трех и двух векторов.
Объем параллелепипеда (см. рисунок 2)
.
Площадь основания
.
Рисунок 2
Высота параллелепипеда
.
2 Аналитическая геометрия
1.30 Даны уравнения двух сторон треугольника: и одной из его медиан . Составить уравнение третьей стороны треугольника.
Решение. Найдем координаты вершин (см. рисунок 3), считая,
Рисунок 3
что заданы уравнения сторон и :
.
Подставив эти значения в уравнение медианы, убеждаемся, что точка не лежит на заданной медиане.
Рассмотрим два возможные случаи.
I. Пусть медиана опущена из вершины . Найдем координаты точек и :
;
.
Точка делит отрезок пополам: . Поэтому
.
Уравнение третьей стороны , как прямой, проходящей через две заданные точки:
.
II. Предположим, что заданная медиана опущена из вершины . Поступая как в предыдущем случае, найдем: . Так как , то
.
Уравнение стороны :
.
2.30 Составить уравнение параболы, фокус которой находится в точке , а вершина – в начале координат.
Решение. Каноническое уравнение заданной параболы в системе координат (см. рисунок 4), повернутой на относительно , имеет вид:
,
так как фокальный параметр определяется из условия
.
Рисунок 4
Осуществим поворот на угол по формулам:
После замены переменных уравнение параболы запишется в виде:
или
.
3.30 Найти координаты точки , лежащей внутри треугольника, высекаемого на плоскоти плоскостями:
, ,
и равноудаленной от этих плоскостей.
Решение. Согласно условию приравниваем расстояния точки от трех заданных плоскостей:
. (2)
В точках открытого (см. рисунок 5), образованного прямыми
,
Рисунок 5
левые части первых двух уравнений отрицательны, а третьего уравнения положительна. Поэтому из соотношений (2) можно образовать систему уравнений
или
,
.
4.30 Треугольник (см. рисунок 6) образован пересечением плоскости с координатными плоскостями. Записать канонические уравнения и найти длину высоты этого треугольника, опущенной из вершины , находящейся на оси .
Решение.
Рисунок 6
Вершины треугольника имеют координаты , , а вектор .
Заметим, что , кроме того, по условию , следовательно, . Поэтому служит нормальным вектором плоскости . Уравнение этой плоскости, проходящей через ось , имеет вид
.
Как линия пересения плоскостей треуголиников и прямая имеет общие уравнения
и канонические уравнения
Далее,
;
.
По-другому
3 Пределы
Найти пределы
1.30 .
После разложения квадратных трехчленов на простые множители:
.
2.30 .
И здесь применим формулу :
.
3.30 .
Числитель и знаменатель дроби умножим на сопряженное знаменателя:
,
.
4.30 .
Разделим числитель и знаменатель рациональной дроби на старшую степень переменной и перейдем к пределу:
.
5.30 .
Так как при , и , то:
.
6.30 .
1. Приведем функцию к виду, удобному для применения формулы второго замечательного предела
:
.
2. Прологарифмируем обе части заданного равенства:
,
и учтем, что при :
.
4 Производные и их приложения
Для решения задач 1-4.30 достаточно применять таблицу производных, правила дифференцирования и формулу производной сложной функции:
Найти производные первого порядка
1.30 .
2.30 .
.
3.30 Найти и , если .
Решение: ;
.
Найти вторые производные .
4.30 .
5.30 .
Решение. Считая, что , используем формулу параметрического дифференцирования
;
,
.
Решить следующие задачи
6.30 При каком значении параметра парабола касается кривой ?
Решение. При заданные кривые пересекаются (см. рисунок 7), а при могут касаться. В точке касания кривые имеют общую касательную , следовательно, при функции и имеют равные значения и одинаковую производную . Это приводит к системе уравнений:
Из первого уравнения найдем . Подставив найденное значение во второе уравнение, получим:
.
Освобождаясь от логарифма, найдем требуемое значение параметра
.
7.30 Точка движется прямолинейно по закону . Через какой промежуток времени после начала движения точка остановится? Найти путь, пройденный точкой за это время?
Решение. Точка остановится, когда ее скорость
,
т.е. по истечении времени после начала движения. За это время точка пройдет путь
ед. длины.
5 Неопределенный интеграл
Найти неопределенные интегралы
С помощью простых преобразований приходим к «табличным» интегралам:
1.30 .
2.30
3.30 Для освобождения от линейной иррациональности заменяем переменную интегрирования
.
4.30 Применяем формулу интегрирования по частям
.
.
Рассматривая полученное равенство как уравнение, где неизвестным является заданный интеграл, найдем:
.
5.30 .
Рациональную дробь под интегралом разложим в сумму простейших дробей, применяя метод неопределенных коэффициентов (произвольных значений):
Подведя числа и под знак дифференциала, получим
6.30 Применяем универсальную тригонометрическую подстановку:
6 Определенный интеграл и его приложения
1.30 Вычислить определенный интеграл:
.
Для «рационализации» интеграла делаем замену переменной интегрирования:
2.30 Вычислить несобственный интеграл или доказать его расходимость:
.
Решение. Имеем несобственный интеграл -рода, так как в точке подынтегральная функция не ограничена. Поэтому
Заданный интеграл сходящийся.
3.30 Найти длину одной арки циклоиды .
Решение. Длина дуги плоской кривой, заданной своими параметрическими уравнениями, равна
.
По условию: . Поэтому
4.30 Какую работу нужно затратить, чтобы растянуть пружину на , если сила в растягивает ее на ? Известно (закон Гука), что упругая сила пружины , где - величина растяжения, - постоянный коэффициент, определяемый из условия задачи.
Решение. По условию , следовательно, .
В прямолинейном движении (см. рисунок 8) работа
.
7 Дифференциальные уравнения
Решить данные дифференциальные уравнения (ДТ)
1.30 .
Решение. Общее решение линейного неоднородного ДУ 1-порядка
определяется по формуле
.
По условию , поэтому:
2.30 .
Решение. Имеем ДУ 1-порядка с разделяющимися переменными. После простых преобразований придем к уравнению с разделенными перменными:
или
.
Взяв неопределенные интегралы от обеих частей равенства соответственно по переменным и , общий интеграл заданного ДУ представим в виде:
или
.
3.30 (1)
Решение. Уравнение можно решить двумя способами: 1) путем понижения порядка и 2) как линейное неоднородное ДУ 2-порядка с постоянными коэффициентами.
1. В уравнении вместо отсутствующей независимой переменной примем и введем новую неивестную функцию . Тогда
.
Тем самым, понизив порядок заданного ДУ, придем к уравнению с разделяющимися перменными:
.
Его общее решение:
.
Это есть ДУ рассмотренного типа:
,
.
Заменив постоянные интегрирования на новые: , общее решение заданного ДУ можно записать в виде закона гармонических колебаний:
. (2)
2. Составим и решим характеристическое уравнение соответствующего (1) однородного уравнения :
.
Общее решение однородного уравнения:
. (3)
Ввиду отсутствия резонанса: за частное решение (1) возьмем и составим общее решение заданного неоднородного ДУ:
.
Заменив произвольные постоянные по схеме
,
полученное решение можно представить в виде (2).
4.30 . (4)
Решение. Дана задача Коши. Поступая как в предыдущей задаче, найдем общее решение (3), соответствующего (4) однородного ДУ. Ввиду отсутствия резонанса: частное решение неоднородного уравнения (4) будем искать в виде его правой части:
.
Подставив эти выражения в уравнение (4) и приравняв коэффициенты перед и в обеих частях полученного тождества, найдем:
.
Общее решение заданного ДУ и его производная:
Удовлетворив заданным начальным условиям, найдем: и решение задачи Коши
.
5.30 . (5)
Решение. Применяем метод вариации произвольных постоянных. Для этого составим характеристическое уравнение соответствующего (5) однородного уравнения и фундаментальную систему решений последнего:
,.
Общее решение заданного неоднородного уравнения ищем в виде
. (6)
Для нахождения неизвестных функций составим систему двух линейных уравнений
Так как , то
После интегрирования:
,
.
Подставив найденные функции в (6), получим искомое решение
.
8 Кратные и криволинейные интегралы
1.30 Изменить порядок интегрирования в повторном интеграле
.
Решение. Область интегрирования (см. рисунок 9) ограничена линиями: , .
Парабола и прямая пересекаются в точке . Прямая делит область на две части, поэтому
Рисунок 9
.
2.30 Вычислить тройной интеграл по области , ограниченной заданными поверхностями:
.
Решение. Первые две поверхности представляют собой прямые, круглые конус и цилиндр:
с осями, параллельными оси (см. рисунок 10). На плоскости они пересекаются по окружности . Значит,
(круг).
Область представляет собой «чернилицу» (см. рисунок 10).
Переходя к цилиндрической системе координат и считая, что в «обычном» расположении осей координат произведена круговая перестановка: , получим:
. (1)
Подставив значения и из (1) в уравнение конуса, найдем: . Итак, . Это приводит к трехкратному интегралу
Рисунок 10
3.30 Проверить, является ли данное выражение полным дифференциалом функции . Если да, то найти эту функцию:
(2)
где
.
Решение. Найдем частные производные:
Так как , то . По формуле дифференциала функции двух переменных
. (3)
Сравнивая выражения (2) и (3), заключаем, что
. (4)
Найдем неопределенный интеграл по переменной от обеих частей первого из равенств (4):
. (5)
Для нахождения «постоянной» интегрирования приравняем частную производную по функции (5) и второе из выражений (4):
.
Отсюда
.
Окончательно,
.
4.30 Вычислить криволинейный интеграл вдоль заданной дуги :
, - отрезок прямой, заключенный между точками и .
Решение. Линия интегрирования есть прямая, проходящая через две заданные точки:
.
Элемент длины отрезка интегрирования
.
Заданный криволинейный интеграл I-рода приводится к определенному интегралу:
.
Список литературы
1. Я.С. Бугров, С.М. Никольский. Элементы линейной алгебры и аналитической геометрии. –Москва: Наука 2000.
2. Я.С. Бугров, С.М. Никольский. Дифференциальное и интегральное исчисление. –Москва: Наука, 2001.
3. Я.С. Бугров, С.М. Никольский. Дифференциальные уравнения. Кратные интегралы. Ряды. Функции комплексного переменного. –Москва: Наука, 2002.
4. А.П. Рябушко и др. Индивидуальные задания по высшей математике. –Минск: Вышэйшая школа, 2000, чч 1,2,3.
Содержание
1 Векторная алгебра |
2 |
2 Аналитическая геометрия |
4 |
3 Пределы |
8 |
4 Производные и их приложения |
9 |
5 Неопределенный интеграл |
12 |
6 Определенный интеграл и его приложения |
13 |
7 Дифференциальные уравнения |
15 |
8 Кратные и криволинейные интегралы |
17 |
Список литературы |
21 |